Excelente genial buenísimo saludos 👌

Ya queda menos para el sabado

Hola , Profesor , muy interesantes sus preguntas exelente , saludo desde . Argentina

Olá Prof. boa

inge cadena podria hacer un video explicando como funciona un circuito de balastro electronico para lampara fluorecente, ? he visto alguno q otro en internet pero no explican como funciona dentro de un balastro la oscilacion, ni como funciona el circuito electronico del mismo,

Lo espero con ansias

No tengo ni idea.. Pero espero a ver y aprender.. Gracias

Muchas gracias!!

Ok!

Buenisimo !!!

Buenos días Profesor Aurelio, primero quiero agradecerle su dedicación y profesionalidad, está ud. ayudando a alumnos de medio mundo con sus explicaciones. Ahora si,.... mi duda es , La potencia que nos dicen de la lámpara fluorescente de 300 W, la toma ud. como de potencia activa, ¿no sería en realidad potencia aparente?. Muchas Gracias.

gracias por tu dedicación y aportes: Tenemos dos cargas: Carga 1 Resistiva e inductiva Carga 2 Resistiva Al medir con el amperímetro, medimos el aporte de las dos cargas. A= I1 + l2 S= P+jQ= VI1cos@+VI1sen@; I1=(300w)/((0;45)x(230v))=2,90A I2= 1,3A el amperímetro mediria I1+I2= 2,90+1,3= 4,20 La potencia aparente de la caga1 es S= VXI1= 230x2,90 = 667 VA , calculamos su potencia reactiva Q^2=S^2-P^2= 595,36var está carga es inductiva con un ángulo tang@= CO/CA=Q/P; @=arctng(595,36/300)=; @=63,26° al colocar un condensador queremos mejorar el factor de potencia y lógicamente para eliminar esa corriente indeseable debemos calcular un condensador de la misma potencia pero de sentido contrario, así la carga total nos queda Resistiva pura de un valor de 600 watt y consumiría una corriente de I= 600w/230= 2,61A, para calcular el condensador, debemos calcular la corriente que proporcione una potencia reactiva de 595,36=230xI entonces I = 3,20amp; Q= XcxI^2 despejamos Xc=-j58,14ohm; al despejar C de la ecuación Xc= 1/2pixfxC y sustituir me da un condensador de 55microfaradios sería la respuesta c.

Opción 2

Hola de nuevo. Otra manera sencilla de resolver sin operar con numeros complejo sería graficamente, en primer lugar sumando el vector de Irl (2,9/63,25º) con el vector Ir(1,3/0º) resultando la I con K abierto I(3,6/45º) al cerrar K se debe sumar este con Ic(2,53/-90º) para 35uF, resultando una I(2,59/0º). Saludos

Mi propuesta es: Corriente carga resistiva I=P/v=300W/230V=1,3A Desfase 0º Corriente carga R-L I=P/V/cos(Fi)=300W/230V/0,45=2,8 Desfase Arco Cos(Fi)=63,26º Corriente total suma vectorial de las anteriores = 3,67 A R: Opción 3 Mínima corriente cuando cos(Fi)=0 I= 2*300W/230V = 2,6A R: Cuando el consumo es de toda potencia activa Potencia reactiva Q= P*tg(Fi)=Xc/V² Xc= V^2/(P*tg(Fi)) =1/(2Pi*f*C) C=(P*tg(Fi))/(2*Pi*f*V`2)= aprox 35 micro faradios R: Opción 2

Buenas tardes, estos son mis resultados: 1) 3.7 A 63.26° 2) 35 microfaradios 400 voltios 3) 2.6 A 0° Saludos

Saludos. Abierto 4.2 Cerrado 2.6 35 uf

Profe la medicion en el Amperimetro con el interruptur abierto es 4.2A, y cuando se cierra el capacitor debe ser de 25 mF y la corriente minima debe ser 3.9 Amp, espero este bien, saludos y espero la respuesta,al reto

Hola. Hoy me mojo muy pronto, diría que el condensador es el de 35uF haciendo que el amperímetro marque 2,59A /0º. Con este condendador (-91j)se compensa practicamente la reactancia del fluorescente (35,7+70,85j osea L=0,225 H). Sin condensadores el amperimetro marcaria 3,65A/45º.

hola profe un saludo desde colombia tengo una pregunta donde puedo escribirle para que me haga el favor de explicar un taller que tengo que realizar gracias

Segundo ejercicio : Debí decir, opción 2a. 35 uF

Corregido el FP, el amperímetro leería : IT = 2,6 A

buen dia maestro 4.2 amperios con interruptor abierto,2.5 amperios con interruptor cerrado y 35 microfaradios el condensador para que el factor de ,potencia se 1,saludos desde colombia !!

Corriente total antes de conectar C es: 4,2 A. Carga 1: aporta 2,89A (Corriente atrasa) con cos 0,45 , pot reactiva: 592 VAR Carga 2 aporta 1,3 A (carga resistiva) . El capacitor adecuado para cancelar la Pot. reactiva de la carga 1, es el de 35 microf. que aporta 568 VAR (corriente adelanta). Quedando un remanente de 24 VAR. este valor corresponde cos 0,99. La corriente final con C=35 microf. es de 1,31 Ampers.

Con K abierto y analizando el triangulo de potencias ,queda Ptotal= 600 W , Qtotal=596 VAR y una Stotal= 846 VA . Como S=V*i luego la corriente I = 3.7 A aproximadamente. Para cuando K esta cerrado, la menor corriente se dará cuando el factor de potencia total sea = 1, esto es cuando la potencia reactiva del capacitor QC sea igual a la potencia reactiva total Qt= 596Var , luego sabiendo que V^2/XC = Qc y que XC= 1/WC y W = 2*PI*f se halla C=35.8 uf . Lo que si es que la tensión debe ser mayor a 230*1.41v=325 v . En cuanto a la corriente , somo S=P , luego S=V*I = 600 watts p, luego I = 2.6A

primera opción Iamp = 4.2A, sale sumando I1= 300W/230x0,45 mas I2=300W/230V , segunda opción elijo el capa de 25uf ya que la de menor capacidad aumenta la reactancia del capacitor, por ende circularia menos corriente.

El asunto es más difícil de lo que parece. Por ejemplo, una lámpara fluorescente no es una carga lineal e invariante en el tiempo, o sea introduce armónicos al sistema de potencia. Por lo tanto, es incorrecto decir que "coseno de fi" es el factor de potencia, porque no lo es, pero los usaste como sinónimo en 0:35. En ese caso, suponiendo que el sistema de potencia ya alcanzó estado estable, de manera que todas las señales son periódicas, entonces el factor de potencia se define como el cociente de la potencia activa de la carga a la potencia aparente de dicha carga. Pese a eso, parece que el video sugiere suponer que la lámpara fluorescente es una carga lineal e invariante en el tiempo del tipo RL (es decir, sugiere que es una carga de resistencia constante e inductancia constante).

Hay clases que no tienen numeración?

Suponiendo que la potencia de los fluorescentes sea potencia activa la corriente con el interruptor abierto sería I1 = 300/(230 × 0.45) = 2.89 amperios. La I2 sería 300/230 = 1.30 amp. La I total 4.20 amp. Necesitamos un condensador que nos corrija el factor de potencia en la potencia reactiva de 300/0.45 = 668 va El condensador que aporta esta energía reactiva es de V/Z Siendo Z = 1 / C.2.50.pi Operando me sale un condensador de 40 micros Por lo tanto el condendador mejor seris el fé 35 micros pues con el de 55 estaríamos aportando demasiada potencia reactiva y aumentando la intensidad Saludos desde Asturias

En el primer supuesto la corriente es de 4.2A ( carga 1ª I= 300/230*0,45 I=300/103,5= 2,9A) (Carga 2ª I=300/230 I= 1.3A It= 2,9+1,3=4.2A) 2º supuesto C= 55 microfaradios, It= 2,6A

Corrijo: la corriente total es: 2,62 A....

Mi respuesta es : Opción 1ª lectura amperimétrica 4.2A sin condensador Opción 2ª lectura amperimétrica 2.6A con condensador El valor del condensador es : Opción 2ª 35microfaradios 270v

Primer ejercicio: Opción 1ra: 4, 2 A Segundo ejercicio: Opción 1ra: 35 uF, para elevar el FP a 1

no estoy seguro pero creo que el amperimetro mide corriente aparente asi que mediria 2,6A y para que la corriente sea minima el condesandor debe ser de 15uF aprox

Con circuito abierto no sería 0

Perdón leí mal

Me parece que no existen Led de 230 volt.... Esas lámparas Led están alimentadas a través de un transformador que si tiene factor de potencia. Además como todos los elementos de corriente continua ( Led) sólo ocupan la parte superior de la sinusoide deformando la onda....